苏教版七年级上数学期末试卷_苏教版七年级数学下册
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苏教版七年级上数学期末试题
一、填空题(每题2分，共24分)
1.﹣8的相反数等于 .
2.单项式 的次数是 .
3.若(x﹣2)2+|y+1|=0，则x﹣y= .
4.已知a﹣3b﹣4=0，则代数式4+2a﹣6b的值为 .
5.若x=1是关于x的方程x﹣2m+1=0的解，则m的值为 .
6.如图，线段AB=16，C是AB的中点，点D在CB上，DB=3，则线段CD的长为 .
7.如图，一个正方体的平面展开图，若折成正方体后，每对相对面上标注的值的和均相等，则x+y= .
8.已知∠1与∠2为对顶角，且∠1的补角的度数为80°，则∠2的度数为 °.
9.一件夹克衫先按成本提高50%后标价，再以8折优惠卖出，获利28元，则这件夹克衫的成本是 元.
10.在同一平面内，∠BOC=50°，OA⊥OB，OD平分∠AOC，则∠BOD的度数是 .
11.如图所示的运算程序中，若开始输入的x值为5，我们发现第1次输出的数为2，再将2输入，第2次输出的数为﹣1，如此循环，则第2015次输出的结果为 .
12.一个正方体的表面涂满了同种颜色，按如图所示将它切成27个大小相等的小立方块.设其中仅有i个面(1，2，3)涂有颜色的小立方块的个数为xi，则x1、x2、x3之间的数量关系为 .
二、选择题(每题3分，共15分)
13.把弯曲的河道改直，能够缩短航程，这样做的道理是( )
A.两点之间，射线最短 B.两点确定一条直线
C.两点之间，直线最短 D.两点之间，线段最短
14.如图几何体的主视图是( )
A. B. C. D.
15.“某幼儿园给小朋友分苹果，若每个小朋友分3个则剩1个;若每个小朋友分4个则少2个，问有多少个小朋友?”若设共有x个小朋友，则列出的方程是( )
A.3x﹣1=4x+2 B.3x+1=4x﹣2 C. = D. =
16.如果∠α和∠β互补，且∠α>∠β，则下列表示∠β的余角的式子中：①90°﹣∠β;②∠α﹣90°;③180°﹣∠α;④ (∠α﹣∠β).正确的是：( )
A.①②③④ B.①②④ C.①②③ D.①②
17.如图，OC是∠AOB内的一条射线，OD、OE分别平分∠AOB、∠AOC，若∠AOC=m°，∠BOC=n°，则∠DOE的大小为( )
A. B. C. D.
三、解答题
18.计算
(1)9+5×(﹣3)﹣(﹣2)2÷4
(2)( + ﹣ )×(﹣36)+(﹣1)2015.
19.先化简下式，再求值：5(3a2b﹣ab2)﹣4(﹣ab2+3a2b)，其中a=﹣2，b=3.
20.解方程
(1)2x﹣1=15+6x
(2) .
21.如图，网格中所有小正方形的边长都为1，A、B、C都在格点上.
(1)利用格点画图(不写作法)：
①过点C画直线AB的平行线;
②过点A画直线BC的垂线，垂足为G;
③过点A画直线AB的垂线，交BC于点H.
(2)线段AG的长度是点A到直线 的距离，线段 的长度是点H到直线AB的距离.
(3)因为直线外一点到直线上各点连接的所有线段中，垂线段最短，所以线段AG、BH、AH的大小关系为 .(用“<”号连接).
22.“*”是新规定的这样一种运算法则：a*b=a2﹣2ab，比如3*(﹣2)=32﹣2×3×(﹣2)=21
(1)试求(﹣2)*3的值;
(2)若(﹣2)*(1*x)=x﹣1，求x的值.
23.某校综合实践小分队成一列在野外拓展训练，在队伍中的队长数了一下他前后的人数，发现他前面人数是他后面的三倍，他往前超了5位队友后，发现他前面的人数和他后面的人数一样多.问：
(1)这列队伍一共有多少名学生?
(2)这列队伍要过一座240米的大桥，为拓展训练和安全需要，相邻两个学生保持相同的间距，队伍行进速度为3米/秒，从第一位学生刚上桥到全体通过大桥用了90秒时间，请问相邻两个学生间距离为多少米(不考虑学生身材的大小)?
24.如图，直线AB、CD相交于点O，∠AOC=72°，射线OE在∠BOD的内部，∠DOE=2∠BOE.
(1)求∠BOE和∠AOE的度数;
(2)若射线OF与OE互相垂直，请直接写出∠DOF的度数.
25.十八世纪瑞士数学家欧拉证明了简单多面体中顶点数(V)、面数(F)、棱数(E)之间存在的一个有趣的关系式，被称为欧拉公式请你观察下列几种简单多面体模型，解答下列问题：
(1)根据上面多面体的模型，完成表格中的空格：
多面体 顶点数(V) 面数(F) 棱数(E)
四面体 4 4
长方体 8 6 12
正八面体 8 12
你发现顶点数(V)、面数(F)、棱数(E)之间存在的关系式是 ;
(2)一个多面体的棱数比顶点数大10，且有12个面，则这个多面体的棱数是 ;
(3)某个玻璃饰品的外形是简单的多面体，它的外表面是由三角形和八边形两种多边形拼接而成，每个顶点处都有3条棱，共有棱36条.若该多面体外表面三角形的个数比八边形的个数的2倍多2，求该多面体外表面三角形的个数.
26.如图，数轴上有A、B、C、O四点，点O是原点，BC= AB=8，OB比AO的 少1.
(1)写出数轴上点A表示的数为 .
(2)动点P、Q分别从A、C同时出发，点P以每秒6个单位长度的速度沿数轴向右匀速运动，点Q以每秒3个单位长度的速度沿数轴向左匀速运动，M为线段AP的中点，点N在线段CQ上，且CN= CQ.设运动时间为t(t>0)秒.
①写出数轴上点M表示的数为 ，点N表示的数为 (用含t的式子表示).
②当t= 时，原点O恰为线段MN的中点.
③若动点R从点A出发，以每秒9个单位长度的速度沿数轴向右匀速运动，若P、Q、R三动点同时出发，当点R遇到点Q后，立即返回以原速度向点P运动，当点R遇到点P后，又立即返回以原速度向点Q运动，并不停地以原速度往返于点P与点Q之间，当点P与点Q重合时，点R停止运动.问点R从开始运动到停止运动，行驶的总路程是多少个单位长度?
苏教版七年级上数学期末试卷参考答案
一、填空题(每题2分，共24分)
1.﹣8的相反数等于 8 .
【考点】相反数.
【分析】根据只有符号不同的两个数互为相反数，可得答案.
【解答】解：﹣8的相反数等于8，
故答案为：8.
【点评】本题考查了相反数，在一个数的前面加上符号就是这个数的相反数.
2.单项式 的次数是 5 .
【考点】单项式.
【分析】根据单项式的次数是字母指数和，可得答案.
【解答】解： 的次数是5，
故答案为：5.
【点评】本题考查了单项式，单项式的次数是字母指数和，系数是数字因数.
3.若(x﹣2)2+|y+1|=0，则x﹣y= 3 .
【考点】非负数的性质：偶次方;非负数的性质：绝对值.
【分析】根据非负数的性质列式求出x、y的值，然后相减计算即可得解.
【解答】解：由题意得，x﹣2=0，y+1=0，
解得x=2，y=﹣1，
所以，x﹣y=2﹣(﹣1)=2+1=3.
故答案为：3.
【点评】本题考查了非负数的性质：有限个非负数的和为零，那么每一个加数也必为零.
4.已知a﹣3b﹣4=0，则代数式4+2a﹣6b的值为 12 .
【考点】代数式求值.
【专题】计算题;推理填空题.
【分析】首先把4+2a﹣6b化为2(a﹣3b﹣4)+12，然后把a﹣3b﹣4=0代入2(a﹣3b﹣4)+12，求出算式的值是多少即可.
【解答】解：∵a﹣3b﹣4=0，
∴4+2a﹣6b
=2(a﹣3b﹣4)+12
=2×0+12
=0+12
=12
故答案为：12.
【点评】此题主要考查了代数式求值问题，要熟练掌握，求代数式的值可以直接代入、计算.如果给出的代数式可以化简，要先化简再求值.题型简单总结以下三种：①已知条件不化简，所给代数式化简;②已知条件化简，所给代数式不化简;③已知条件和所给代数式都要化简.
5.若x=1是关于x的方程x﹣2m+1=0的解，则m的值为 1 .
【考点】一元一次方程的解.
【专题】计算题;一次方程(组)及应用.
【分析】把x=1代入方程计算即可求出m的值.
【解答】解：把x=1代入方程得：1﹣2m+1=0，
解得：m=1，
故答案为：1
【点评】此题考查了一元一次方程的解，方程的解即为能使方程左右两边相等的未知数的值.
6.如图，线段AB=16，C是AB的中点，点D在CB上，DB=3，则线段CD的长为 5 .
【考点】两点间的距离.
【分析】由线段中点的定义可知CB= =8，然后根据CD=BC﹣BD求解即可.
【解答】解：∵C是AB的中点，
∴CB= =8.
∴CD=BC﹣BD=8﹣3=5.
故答案为：5.
【点评】本题主要考查的是两点间的距离，由线段中点的定义求得BC的长是解题的关键.
7.如图，一个正方体的平面展开图，若折成正方体后，每对相对面上标注的值的和均相等，则x+y= 10 .
【考点】专题：正方体相对两个面上的文字.
【分析】正方体的表面展开图，相对的面之间一定相隔一个正方形，根据这一特点找出相对面，然后求解即可得到x、y的值，也可得出x+y的值.
【解答】解：根据正方体的表面展开图，可得：x与2相对，y与4相对，
∵正方体相对的面上标注的值的和均相等，
∴2+x=3+5，y+4=3+5，
解得x=6，y=4，
则x+y=10.
故答案为：10.
【点评】本题主要考查了正方体相对两个面上的文字，注意正方体的空间图形，从相对面入手，分析及解答问题.
8.已知∠1与∠2为对顶角，且∠1的补角的度数为80°，则∠2的度数为 100 °.
【考点】余角和补角;对顶角、邻补角.
【分析】根据对顶角、补角的性质，可得∠1=∠2，∠1=180°﹣80°=100°，依此即可求解.
【解答】解：∵∠1与∠2是对顶角，
∴∠1=∠2，
又∵∠1的补角的度数为80°，
∴∠1=180°﹣80°=100°，
∴∠2=100°.
故答案为：100.
【点评】本题主要考查对顶角的性质以及补角的定义，是需要熟记的内容.
9.一件夹克衫先按成本提高50%后标价，再以8折优惠卖出，获利28元，则这件夹克衫的成本是 140 元.
【考点】一元一次方程的应用.
【分析】设这件夹克衫的成本是x元，则标价就为1.5x元，售价就为1.5x×0.8元，由利润=售价﹣进价建立方程求出其解即可.
【解答】解：设这件夹克衫的成本是x元，由题意得
x(1+50%)×80%﹣x=28
解得：x=140
答：这件夹克衫的成本是140元.
故答案为：140.
【点评】此题考查一元一次方程的实际运用，掌握销售问题的数量关系利润=售价﹣进价是解决问题的关键.
10.在同一平面内，∠BOC=50°，OA⊥OB，OD平分∠AOC，则∠BOD的度数是 20°或70° .
【考点】垂线.
【分析】首先根据题意画出图形，要分两种情况，一种为OC在∠AOB内，一种为OC在∠AOB外，再由垂直定义可得∠AOB=90°，根据角平分线定义可得∠COD= ∠COA，然后再计算出∠BOD的度数即可.
【解答】解：∵OA⊥OB
∴∠AOB=90°，
如图1，∵∠BOC=50°，
∴∠AOC=90°﹣∠BOC=40°，
∵OD平分∠AOC，
∴∠COD= ∠COA=20°，
∴∠BOD=50°+20°=70°，
如图2，∵∠BOC=50°，
∴∠AOC=90°+∠BOC=140°，
∵OD平分∠AOC，
∴∠COD= ∠COA=70°，
∴∠BOD=70°﹣50°=20°.
故答案为：20°或70°.
【点评】此题主要考查了垂线，以及角的计算，关键是正确画出图形，考虑全面，进行分情况讨论.
11.如图所示的运算程序中，若开始输入的x值为5，我们发现第1次输出的数为2，再将2输入，第2次输出的数为﹣1，如此循环，则第2015次输出的结果为 ﹣1 .
【考点】代数式求值.
【专题】图表型;规律型.
【分析】首先分别求出第1次、第2次、第3次、第4次、第5次、第6次输出的数分别为2、﹣1、﹣4、2、﹣1、﹣4，进而判断出从第1次开始，输出的数分别为：2、﹣1、﹣4、2、﹣1、﹣4、…，每3个数一个循环;然后用2015除以3，根据商和余数的情况，判断出第2015次输出的结果为多少即可.
【解答】解：∵第1次输出的数为：5﹣3=2，
第2次输出的数为：﹣ ×2=﹣1，
第3次输出的数为：﹣1﹣3=﹣4，
第4次输出的数为：﹣ ×(﹣4)=2，
第5次输出的数为：﹣ ×2=﹣1，
第6次输出的数为：﹣1﹣3=﹣4，
…，
∴从第1次开始，输出的数分别为：2、﹣1、﹣4、2、﹣1、﹣4、…，每3个数一个循环;
∵2015÷3=671…2，
∴第2015次输出的结果为﹣1.
故答案为：﹣1.
【点评】此题主要考查了代数式求值问题，要熟练掌握，求代数式的值可以直接代入、计算.如果给出的代数式可以化简，要先化简再求值.题型简单总结以下三种：①已知条件不化简，所给代数式化简;②已知条件化简，所给代数式不化简;③已知条件和所给代数式都要化简.
12.一个正方体的表面涂满了同种颜色，按如图所示将它切成27个大小相等的小立方块.设其中仅有i个面(1，2，3)涂有颜色的小立方块的个数为xi，则x1、x2、x3之间的数量关系为 x1﹣x2+x3=2 .
【考点】认识立体图形.
【分析】根据图示：在原正方体的8个顶点处的8个小正方体上，有3个面涂有颜色;2个面涂有颜色的小正方体有12个，1个面涂有颜色的小正方体有6个.
【解答】解：根据以上分析可知x1+x3﹣x2=6+8﹣12=2.
故答案为：x1﹣x2+x3=2.
【点评】此题主要考查了立体图形的性质，根据已知得出涂有颜色不同的小立方体的个数是解题关键.
二、选择题(每题3分，共15分)
13.把弯曲的河道改直，能够缩短航程，这样做的道理是( )
A.两点之间，射线最短 B.两点确定一条直线
C.两点之间，直线最短 D.两点之间，线段最短
【考点】线段的性质：两点之间线段最短.
【分析】根据两点之间线段最短即可得出答案.
【解答】解：由两点之间线段最短可知，把弯曲的河道改直，能够缩短航程，这样做根据的道理是两点之间线段最短，
故选：D.
【点评】本题考查了线段的性质，关键是掌握两点之间线段最短.
14.如图几何体的主视图是( )
A. B. C. D.
【考点】简单组合体的三视图.
【专题】压轴题.
【分析】找到从正面看所得到的图形即可
【解答】解：从正面可看到从左往右三列小正方形的个数为：2，1，1，故选C.
【点评】本题考查了三视图的知识，主视图是从物体的正面看得到的视图.
15.“某幼儿园给小朋友分苹果，若每个小朋友分3个则剩1个;若每个小朋友分4个则少2个，问有多少个小朋友?”若设共有x个小朋友，则列出的方程是( )
A.3x﹣1=4x+2 B.3x+1=4x﹣2 C. = D. =
【考点】由实际问题抽象出一元一次方程.
【分析】设共有x个小朋友，根据“若每个小朋友分3个则剩1个;若每个小朋友分4个则少2个”以及苹果的个数不变列出方程即可.
【解答】解：设共有x个小朋友，根据题意得
3x+1=4x﹣2.
故选B.
【点评】此题主要考查了由实际问题抽象出一元一次方程，解题的关键是找出题目中的相等关系，此题充分体现了数学与实际生活的密切联系.
16.如果∠α和∠β互补，且∠α>∠β，则下列表示∠β的余角的式子中：①90°﹣∠β;②∠α﹣90°;③180°﹣∠α;④ (∠α﹣∠β).正确的是：( )
A.①②③④ B.①②④ C.①②③ D.①②
【考点】余角和补角.
【专题】推理填空题.
【分析】根据∠α与∠β互补，得出∠β=180°﹣∠α，∠α=180°﹣∠β，求出∠β的余角是90°﹣∠β，90°﹣∠β表示∠β的余角;∠α﹣90°=90°﹣∠β，即可判断②;180°﹣∠α=∠β，根据余角的定义即可判断③;求出 (∠α﹣∠β)=90°﹣∠β，即可判断④.
【解答】解：∵∠α与∠β互补，
∴∠β=180°﹣∠α，∠α=180°﹣∠β，
∴90°﹣∠β表示∠β的余角，∴①正确;
∠α﹣90°=180°﹣∠β﹣90°=90°﹣∠β，∴②正确;
180°﹣∠α=∠β，∴③错误;
(∠α﹣∠β)= (180°﹣∠β﹣∠β)=90°﹣∠β，∴④正确;
故选B.
【点评】本题考查了对余角和补角的理解和运用，注意：∠α与∠β互补，得出∠β=180°﹣∠α，∠α=180°﹣∠β;∠β的余角是90°﹣∠β，题目较好，难度不大.
17.如图，OC是∠AOB内的一条射线，OD、OE分别平分∠AOB、∠AOC，若∠AOC=m°，∠BOC=n°，则∠DOE的大小为( )
A. B. C. D.
【考点】角平分线的定义.
【分析】根据角平分线定义得出∠DOA= ∠AOB，∠EOA= ∠AOC，求出∠DOE=∠DOA﹣∠EOA= ∠BOC，代入求出即可.
【解答】解：∵OD、OE分别平分∠AOB、∠AOC，∠AOC=m°，∠BOC=n°，
∴∠DOA= ∠AOB，∠EOA= ∠AOC，
∴∠DOE=∠DOA﹣∠EOA= ∠AOB﹣ ∠AOC= (∠AOB﹣∠AOC)= ∠BOC= ，
故选B.
【点评】本题考查了角平分线定义和角的有关计算的应用，主要考查学生的推理能力，数形结合思想的运用.
三、解答题
18.计算
(1)9+5×(﹣3)﹣(﹣2)2÷4
(2)( + ﹣ )×(﹣36)+(﹣1)2015.
【考点】有理数的混合运算.
【专题】计算题;实数.
【分析】(1)原式先计算乘方运算，再计算乘除运算，最后算加减运算即可得到结果;
(2)原式第一项利用乘法分配律计算，第二项利用乘方的意义计算即可得到结果.
【解答】解：(1)原式=9﹣15﹣1=﹣7;
(2)原式=﹣18﹣30+21﹣1=﹣28.
【点评】此题考查了有理数的混合运算，熟练掌握运算法则是解本题的关键.
19.先化简下式，再求值：5(3a2b﹣ab2)﹣4(﹣ab2+3a2b)，其中a=﹣2，b=3.
【考点】整式的加减—化简求值.
【分析】本题应对方程去括号，合并同类项，将整式化为最简式，然后把a、b的值代入即可.注意去括号时，如果括号前是负号，那么括号中的每一项都要变号;合并同类项时，只把系数相加减，字母与字母的指数不变.
【解答】解：5(3a2b﹣ab2)﹣4(﹣ab2+3a2b)，
=15a2b﹣5ab2+4ab2﹣12a2b
=3a2b﹣ab2，
当a=﹣2，b=3时，
原式=3×(﹣2)2×3﹣(﹣2)×32
=36+18
=54.
【点评】本题考查了整式的化简.整式的加减运算实际上就是去括号、合并同类项，这是各地2016届中考的常考点.
20.解方程
(1)2x﹣1=15+6x
(2) .
【考点】解一元一次方程.
【专题】计算题;一次方程(组)及应用.
【分析】(1)方程移项合并，把x系数化为1，即可求出解;
(2)方程去分母，去括号，移项合并，把x系数化为1，即可求出解.
【解答】解：(1)移项得：2x﹣6x=15+1，
合并得：﹣4x=16，
解得：x=﹣4;
(2)去分母得：2(2x﹣3)=3(x+2)﹣12，
去括号得：4x﹣6=3x+6﹣12，
移项合并得：x=0.
【点评】此题考查了解一元一次方程，熟练掌握运算法则是解本题的关键.
21.如图，网格中所有小正方形的边长都为1，A、B、C都在格点上.
(1)利用格点画图(不写作法)：
①过点C画直线AB的平行线;
②过点A画直线BC的垂线，垂足为G;
③过点A画直线AB的垂线，交BC于点H.
(2)线段AG的长度是点A到直线 BC 的距离，线段 HA 的长度是点H到直线AB的距离.
(3)因为直线外一点到直线上各点连接的所有线段中，垂线段最短，所以线段AG、BH、AH的大小关系为 AG
【考点】作图—复杂作图;垂线段最短;点到直线的距离.
【专题】作图题.
【分析】(1)①画小方格的对角线得到CD∥AB;
②利用格线作AG⊥BC于点G;
③过点A作AH⊥AB交BC于H;
(2)根据点到直线的距离的定义求解;
(3)由(2)得到AG
【解答】解：(1)①直线CD为所作;
②线段AG为所作;
③线段HA为所作;
(2)线段AG的长度是点A到直线BC的距离，线段HA的长度是点H到直线AB的距离;
(3)∵AG
∴AG
故答案为BC，BC AH，AG
【点评】本题考查了作图﹣复杂作图：复杂作图是在五种基本作图的基础上进行作图，一般是结合了几何图形的性质和基本作图方法.解决此类题目的关键是熟悉基本几何图形的性质，结合几何图形的基本性质把复杂作图拆解成基本作图，逐步操作.
22.“*”是新规定的这样一种运算法则：a*b=a2﹣2ab，比如3*(﹣2)=32﹣2×3×(﹣2)=21
(1)试求(﹣2)*3的值;
(2)若(﹣2)*(1*x)=x﹣1，求x的值.
【考点】解一元一次方程;有理数的混合运算.
【专题】新定义;一次方程(组)及应用.
【分析】(1)原式利用题中的新定义化简，计算即可得到结果;
(2)已知等式利用已知的新定义化简，求出解即可得到x的值.
【解答】解：(1)根据题中的新定义得：原式=4+12=16;
(2)已知等式利用题中的新定义化简得：(﹣2)*(1﹣2x)=x﹣1，即4+4(1﹣2x)=x﹣1，
去括号得：4+4﹣8x=x﹣1，
移项合并得：9x=9，
解得：x=1.
【点评】此题考查了解一元一次方程，熟练掌握运算法则是解本题的关键.
23.某校综合实践小分队成一列在野外拓展训练，在队伍中的队长数了一下他前后的人数，发现他前面人数是他后面的三倍，他往前超了5位队友后，发现他前面的人数和他后面的人数一样多.问：
(1)这列队伍一共有多少名学生?
(2)这列队伍要过一座240米的大桥，为拓展训练和安全需要，相邻两个学生保持相同的间距，队伍行进速度为3米/秒，从第一位学生刚上桥到全体通过大桥用了90秒时间，请问相邻两个学生间距离为多少米(不考虑学生身材的大小)?
【考点】一元一次方程的应用.
【分析】(1)设开始队长后面有x名学生，由“他前面人数是他后面的三倍，他往前超了5位队友后，发现他前面的人数和他后面的人数一样多”列出方程并解答.
(2)设相邻两个学生间距离为y米，根据“队伍全部通过所经过的路程为米，根据“队伍行进速度为3米/秒，用时90秒”，列方程求解即可.
【解答】解：(1)设开始队长后面有x名学生，由题意得
x+5=3x﹣5，
解得x=5，
共有学生4x+1=21(名)
答：这列队伍一共有21名学生;
(2)设相邻两个学生间距离为y米，由题意得
20y+240=3×90，
解得 y=1.5
答：相邻两个学生间距离为1.5米.
【点评】本题考查一元一次方程的实际应用，解决问题的关键是读懂题意，找到所求的量的等量关系，难度一般.
24.如图，直线AB、CD相交于点O，∠AOC=72°，射线OE在∠BOD的内部，∠DOE=2∠BOE.
(1)求∠BOE和∠AOE的度数;
(2)若射线OF与OE互相垂直，请直接写出∠DOF的度数.
【考点】对顶角、邻补角;垂线.
【分析】(1)设∠BOE=x，根据题意列出方程，解方程即可;
(2)分射线OF在∠AOD的内部和射线OF在∠BOC的内部两种情况，根据垂直的定义计算即可.
【解答】解：(1)∵∠AOC=72°，
∴∠BOD=72°，∠AOD=108°，
设∠BOE=x，则∠DOE=2x，
由题意得，x+2x=72°，
解得，x=24°，
∴∠BOE=24°，∠DOE=48°，
∴∠AOE=156°;
(2)若射线OF在∠BOC的内部，
∠DOF=90°+48°=138°，
若射线OF在∠AOD的内部，
∠DOF=90°﹣48°=42°，
∴∠DOF的度数是138°或42°.
【点评】本题考查的是对顶角和邻补角的概念和性质以及垂直的定义，掌握对顶角相等、邻补角的和是180°是解题的关键.
25.十八世纪瑞士数学家欧拉证明了简单多面体中顶点数(V)、面数(F)、棱数(E)之间存在的一个有趣的关系式，被称为欧拉公式请你观察下列几种简单多面体模型，解答下列问题：
(1)根据上面多面体的模型，完成表格中的空格：
多面体 顶点数(V) 面数(F) 棱数(E)
四面体 4 4 6
长方体 8 6 12
正八面体 6 8 12
你发现顶点数(V)、面数(F)、棱数(E)之间存在的关系式是 V+F﹣E=2 ;
(2)一个多面体的棱数比顶点数大10，且有12个面，则这个多面体的棱数是 30 ;
(3)某个玻璃饰品的外形是简单的多面体，它的外表面是由三角形和八边形两种多边形拼接而成，每个顶点处都有3条棱，共有棱36条.若该多面体外表面三角形的个数比八边形的个数的2倍多2，求该多面体外表面三角形的个数.
【考点】一元一次方程的应用;规律型：图形的变化类.
【分析】(1)观察表格可以看出：顶点数+面数﹣棱数=2，关系式为：V+F﹣E=2;
(2)根据题意得出是十二面体，得出顶点数，即可得到面数;
(3)设八边形的个数个，则三角形的个数为2y+2个，由题意可得y+2y+2=14，解方程求出y的值即可.
【解答】解：(1)根据题意得：四面体的棱数为6，正八面体顶点数为6，
∵4+4﹣6=2，8+6﹣12=2，6+8﹣12=2，
∴顶点数(V)、面数(F)、棱数(E)之间存在的关系式是V+F﹣E=2;
故答案为：6，6，V+F﹣E=2;
(2)∵一个多面体的棱数比顶点数大10，且有12个面，
∴这个多面体是十二面体，
∴顶点数为20，
∵V+F﹣E=2，
∴棱数E=20+10=30;
故答案为：30;
(3)∵ =36=E，V=24，V+F﹣E=2，
∴F=14，
设八边形的个数为y个，
则三角形的个数为2y+2个，
由题意得y+2y+2=14，
解得：y=4，
∴2y+2=10，
答：该多面体外表面三角形的个数为10个.
【点评】本题考查了多面体的顶点数，面数，棱数之间的关系及灵活运用，得出欧拉公式是解题关键.
26.如图，数轴上有A、B、C、O四点，点O是原点，BC= AB=8，OB比AO的 少1.
(1)写出数轴上点A表示的数为 ﹣20 .
(2)动点P、Q分别从A、C同时出发，点P以每秒6个单位长度的速度沿数轴向右匀速运动，点Q以每秒3个单位长度的速度沿数轴向左匀速运动，M为线段AP的中点，点N在线段CQ上，且CN= CQ.设运动时间为t(t>0)秒.
①写出数轴上点M表示的数为 3t﹣20 ，点N表示的数为 12﹣t (用含t的式子表示).
②当t= 4 时，原点O恰为线段MN的中点.
③若动点R从点A出发，以每秒9个单位长度的速度沿数轴向右匀速运动，若P、Q、R三动点同时出发，当点R遇到点Q后，立即返回以原速度向点P运动，当点R遇到点P后，又立即返回以原速度向点Q运动，并不停地以原速度往返于点P与点Q之间，当点P与点Q重合时，点R停止运动.问点R从开始运动到停止运动，行驶的总路程是多少个单位长度?
【考点】一元一次方程的应用;数轴.
【专题】几何动点问题.
【分析】(1)根据已知条件求得AB的长度，即可写出点A表示的数;
(2)①根据题意画出图形，表示出AP=6t，CQ=3t，再根据线段的中点定义可得AM=3t，根据线段之间的和差关系进而可得到点M表示的数;根据CN= CQ可得CN=t，根据线段的和差关系可得到点N表示的数;
②当M在原点O的左侧，根据题意得方程即可得到结论;当M在原点O的右侧，根据题意得方程即可得到结论;
③根据OA=20，OC=12，求得AC=32，于是得到点R从开始运动到停止运动，行驶的总路程= ×9=32个单位长度.
【解答】解：(1)∵BC= AB=8，
∴AB=24，∵OB比AO的 少1，
∴AO=20，
∴点A表示的数为：﹣20.
故答案为：﹣20，;
(2)①由题意得：AP=6t，CQ=3t，如图1所示：
∵M为AP中点，
∴AM= AP=3t，
∴在数轴上点M表示的数是﹣20+3t，
∵点N在CQ上，CN= CQ，
∴CN=t，
∴在数轴上点N表示的数是12﹣t.
故答案为：3t﹣20，12﹣t;
②当M在原点O的左侧，
∵原点O恰为线段MN的中点，
∴OM=ON，
即20﹣3t=12﹣t，解得：t=4，
当M在原点O的右侧，
∵原点O恰为线段MN的中点，
∴OM=ON，
即3t﹣20=t﹣12，解得：t=4，不合题意舍去，
综上所述：当t=4秒时，O恰为线段MN的中点.
故答案为：4;
③∵OA=20，OC=12，
∴AC=32，
∴点R从开始运动到停止运动，行驶的总路程= ×9=32个单位长度.
答：点R从开始运动到停止运动，行驶的总路程是32个单位长度.
【点评】此题主要考查了数轴，以及线段的计算，解决问题的关键是根据题意正确画出图形，要考虑全面各种情况，不要漏解.
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