[谈谈“换元法”在解方程中的应用]换元法怎么解方程

　　在数学中,要经常运用 “换元法”来解决问题,利用它来计算,可以带来很多方便. 比如“换元法”在解许多特殊类型的方程中,能起着关键的作用.但此法灵活性较大,技巧性较强,一般学生不易掌握.为此,下面仅举数例,以示其要领.
　　基本型:
　　 a+ b f (x) + c = 0(其中 a ≠ 0 )
　　可设辅助未知数: f(x)= m,原方程变为一元二次方程am2+ bm +c =0 来解 (说明:本文仅求实数解)
　　例1: 解方程(x2-1)2+(x2-1)-2=0
　　解:设x2-1=m,原方程变为:m2+m-2=0即:(m-1)(m+2)=0,
　　∴m1=1 m2=-2即:x2-1=-2(无解),x2-1=1x=±
　　故 是原方程的根.
　　二.可化为基本型:
　　例2.解方程 +-= 0
　　分析:此方程表面看来不是基本型,但经过变换后,可以化成基本型.
　　解: ∵ ∴3×
　　方程两边同除以 得:3+ -2 = 0,
　　设 =y,得:3 +y-2 = 0,解之,得 ,
　　即:= ∴(无解)
　　经检验x1=-1是原方程的根.
　　三、特殊分式型:+= c
　　可设f2(x)=y,原方程变为 来解.
　　例3.解方程 +-= 0
　　分析:该方程配方后,可变为上述形式.
　　解:原方程可变为: +-= 0
　　设(x+1)2=y,得:解得:y=9,
　　即:(x+1)2=9∴x1=2,x2=-4经检验x1=2,x2=-4是原方程的根
　　四、二项(或多项)积的形式: [f(x)+a] [f(x)+b]=c
　　可设辅助未知数f(x)= y, 得(y+a)(y+b)= c来解.
　　例4、解方程:+ =
　　分析:此方程初看不是二项乘积形式,但利用对数公式变换后即可得二项积形式。
　　解:原方程化为:
　　∴(2,设2x2+1=y 得y(y+2)=15
　　解得:y1=-5,y2=3即2x2+1=-5,(无解)
　　 2x2+1=3 ∴x=±1 经检验x=±1是原方程的解。
　　例5.解方程:(x+1)(x+2)(x+3)(x+4)=24
　　分析:此方程为多项积之形式,可适当分组,两两相乘,化为二项积形式,再用上述方法求解。
　　解:原方程化为:(x2+5x+4)(x2+5x+6=24
　　设x2+5x=y 得(y+4)(y+6)=24,解得:y1=0,y2=-10
　　即:x2+5x=0 ∴x1=0,x2=-5,x2+5x=-10该方程无解。
　　∴原方程的解为x1=0,x2=-5
　　五、倒数关系:a•f(x)++ c = 0
　　可设辅助未知数f(x)= y,变为ay++c = 0来解.
　　例6.解方程:
　　分析:该方程的特点是:故可利用倒数关系求解.
　　解:设∴原方程为:y- +2=0
　　解之,得:y1=-3,y2=1 即:
　　解得x=1,经检验x=1是原方程的解.
　　例7.解方程
　　分析:据对数定义,得 + 2 = ,∵
　　故可用上述方法求解.
　　解:据对数定义,得 设
　　得 y+2=解得y1=-3,y2=1 ∴
　　经检验都是原方程的解.
　　说明:本题两边同取以2为底的对数,得: ( ) ,也可按照二项积的形式求解。
　　六、可分离系数型
　　(1)分离常数项:
　　例8.解方程
　　分析:该方程特点是:根号内外二次项与一次项的系数对应成比例,即 所以可分离常数项后用换元法求解.
　　解:原方程化为:2( )-
　　设
　　得:2y2-y-6=0解得
　　即 (无解)
　　解得x1=-6,x2=1 经检验x1=-6,x2=1 是原方程的解。
　　(2)分离二次项:
　　例9.解方程
　　分析:该方程的特点是根号内外一次项系数与常数项对应成比例,所以可分离二次项用换元发求解.
　　解:原方程化为:
　　设得:(3y-2x)(y+x)= 0,
　　∴ 3y=2x,y=-x即:3
　　解得x=x=1 经检验:x= 是增根.
　　是原方程的解..
　　综上所述,用“换元法”解方程时,如能牢固掌握基本型,注意发现倒数与二项积的关系,灵活运用分离系数等方法,许多特殊类型的方程是不难解决的。
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